Sáng kiến kinh nghiệm Phương pháp vẽ đường phụ giúp ích cho chứng minh hình học

ta đã dời vị trí của AB và CD đến EK và GL để tạo thành hai cạnh tương ứng của hai tam giác EKF và GLH trong đó ta cần chứng minh rằng hai đoạn thẳng EF và GH bằng nhau. Muốn có EF=GH ta chỉ cần chứng minh DEKF = DGLH.
	2. Tạo nên đoạn thẳng thứ ba hoặc góc thứ ba, làm cho hai đoạn thẳng hoặc hai góc cần chứng minh trở nên có liên hệ
Ví dụ 2:
 GT: A +E+C=3600
 KL: AB // CD
Suy xét: Từ E dựng EF // AB, nếu chứng minh được EF // CD thì sẽ có AB // CD.
	3. Tạo nên đoạn thẳng hay góc bằng tổng, hiệu, gấp đôi hay đoạn thẳng hay góc cho trước, để đạt được mục đích chứng minh.
	Ví dụ 3: (Tạo nên đoạn thẳng bằng 2 lần đoạn thẳng cho trước)
	Chứng minh rằng: “Khoảng cách từ trực tâm đến một đỉnh của tam giác bằng 2 lần khoảng cách từ tâm của đường tròn ngoại tiếp đến cạnh đối diện với đỉnh đó”
 GT: AK, BD là đường cao của DABC
 cắt nhau ở G, đường trung trực
 HE, HF cắt nhau ở H.
 KL: BG=2HE, AG=2 HF.
Suy xét: Muốn chứng minh BG=2HE, ta có thể tìm cách dựng thêm một đoạn thẳng khác bằng 2HE. Nhưng nếu kéo dài HE gấp đôi để đạt mục đích trên thì đoạn thẳng đó không có liên hệ gì với BG cả, nên phải nghĩ cách khác. Từ giả thiết E là trung điểm của AC, ta thử nối CH và kéo dài đến L sao cho HL=CH. H là trung điểm của CL, HE trở thành đoạn thẳng nối hai trung điểm của hai cạnh của tam giác CAL.
Từ định lí “Đường trung bình của một tam giác bằng cạnh thứ ba” ta có LA=2HE. Xét 2 đoạn LA và BG, ta có thể chứng minh chúng là cạnh đối của một hình bình hành, nên giải được bài này.
	4. Tạo nên những đại lượng mới (đoạn thẳng hoặc góc) bằng nhau; thêm vào những đại lượng bằng nhau mà bài ra đã cho để giúp cho việc chứng minh.
	Ví dụ 4: Chứng minh rằng: “Trung tuyến thuộc cạnh huyền của tam giác vuông bằng một nửa cạnh huyền”.
	GT: Trong DABC, C=900; DA=DB.
	KL: DC=DA.
	 Suy xét: Trong bài ra chỉ có một cặp đại 
	 lượng bằng nhau là DA=DB, như vậy 
 không chứng minh được DC=DA. Ta 
 lấy trung điểm của AC là E, nối DE thì có thêm một đại lượng mới bằng nhau là AE=EC. Và từ định lí “Đường trung bình của một tam giác song song với cạnh thứ ba”, “Góc đồng vị của hai đường thẳng song song hợp thành với một cát tuyến thì bằng nhau” và “Góc bù với góc vuông cũng là góc vuông” ta sẽ có DE // BC; E1=C=900=E2, như vậy, lại được thêm một cặp đại lượng mới bằng nhau. Ta có thể chứng minh DADE = DCDE để rút ra DC=DA.
	5. Tạo nên một hình mới, để có thể áp dụng một định lí đặc biệt nào đó.
	Ví dụ 5: Từ 3 đỉnh của một tam giác hạ các đường vuông góc xuống một đường thẳng ở ngoài tam giác đó. Chứng minh rằng tổng độ dài của ba đường vuông góc đó gấp 3 lần độ dài của đoạn thẳng vuông góc hạ từ trọng tâm của tam giác xuống cùng đường thẳng đó.
	GT: Trong DABC, trung tuyến AD, BE, 
 CF gặp nhau tại O.
 	AG, BH, CK, OI đều ^ xy.
 KL: AG+BH+CK=3 IO 
 Suy xét: Bài này nếu muốn áp dụng trường hợp thứ ba để tạo nên một đoạn thẳng bằng tổng 3 đoạn thẳng kia thì không sao làm được, ta phải nghĩ đến cách khác. Từ định lí “Những đường thẳng cùng vuông góc với một đường thẳng cho trước thì song song với nhau”, ta biết 4 đường thẳng đó song song với nhau. Và từ định lí “Trọng tâm của một tam giác cách đỉnh một đoạn bằng trung tuyến hạ từ đỉnh đó xuống cạnh đối diện”; biết BO=2 BE, ta có thể lấy trung điểm của BO là M, dựng MN ^ xy, EP ^ xy, tạo nên hình thang MNPE, BHIO, AGKC, có OI, MN, EP song song với nhau và là đường trung bình của các hình thang trên. Ta có thể áp dụng định lí “Đường trung bình của hình thang bằng tổng của hai đáy” và chứng minh được bài trên.
	6. Biến đổi hình vẽ làm cho bài toán dễ chứng minh hơn trước.
	Ví dụ 6: Chứng minh rằng: “Một tam giác có hai cạnh không bằng nhau thì tổng của cạnh lớn và đường cao thuộc cạnh ấy lớn hơn tổng của cạnh bé và đường cao thuộc cạnh đó”
	 GT: Cho DABC, AB>AC; BD, CE là 
 đường cao.
	KL: AB+CE > AC+BD.
	Suy xét: Nếu tạo nên một đoạn thẳng bằng AB+CE và một đoạn thẳng khác bằng AC+BD thì không chứng minh được. Do đó ta phải biến đổi kết luận của bài ra: chuyển vế bất đẳng thức của kết luận, ta sẽ được AB-AC > BD-CE. Trên cạnh lớn AB ta lấy AF=AC, thì BF=AB-AC; dựng FG ^ AC, FH ^ BD tạo nên một đoạn BH=BD-HD=BD-CE. Như vậy là ta đã đổi bài tập trên thành một bài tập khác phải chứng minh BF > BH.
2.2. Các loại đường phụ thường vẽ:
Giáo viên cần cung cấp cho học sinh 10 loại đường phụ thường vẽ sau đây:
	1. Kéo dài một đoạn thẳng cho trước với độ dài tùy ý, hoặc bằng một độ dài cho trước, hoặc cắt một đường thẳng khác.
	2. Nối hai điểm cho trước hoặc hai điểm cố định (gồm cả trung điểm của đoạn thẳng cố định), điểm nằm trên một đoạn thẳng cho trước và cách một đầu của đoạn thẳng đó một khoảng cho trước.
	3. Từ một điểm cho trước dựng đường song song với một đường thẳng cho trước, hoặc dựng đường song song với một đường, mà ta cần chứng minh đường thẳng này song song một với đường thẳng nào đó.
	4. Từ một điểm cho trước hạ đường vuông góc xuống một đường thẳng cho trước.
	5. Dựng đường phân giác của một góc cho trước .
	6. Dựng đường thẳng đi qua một điểm cho trước hợp thành với một đường thẳng khác một góc bằng góc cho trước.
	7. Từ một điểm cho trước dựng tiếp tuyến với đường tròn cho trước.
	8. Bài ra cho hai đường tròn giao nhau thì kẻ được dây cung chung
	9. Bài ra cho hai đường tròn tiếp xúc nhau ta có thể dựng tiếp tuyến chung hoặc đường nối tâm.
	10. Nếu có bốn điểm nằm trên một đường tròn thì qua bốn điểm đó có thể dựng thêm đường tròn phụ.
	2.3. Các ví dụ cụ thể:
 1. Kéo dài một đoạn thẳng cho trước với độ dài tùy ý, hoặc bằng một độ dài cho trước, hoặc cắt một đường thẳng khác.
	Ví dụ 7:
Chứng minh rằng: “Khoảng cách từ trực tâm đến một đỉnh của tam giác bằng 2 lần khoảng cách từ tâm của đường tròn ngoại tiếp đến cạnh đối diện với hình đó”
	 GT: AK, BD là đường cao của DABC
 cắt nhau ở G, đường trung trực 
 HE, HF cắt nhau ở H.
 KL: BG=2HE, AG=2 HF.
	Suy xét: như ví dụ 3.
CHỨNG MINH
LÍ DO
1. Nối CH và kéo dài một đoạn HL=CH, nối LA, LB.
2. LA // HE
3. BD // HE
4. Nên LA // BD.
5. Tương tự ta có LA // BD.
6. Tứ giác LAGB là hình bình hành
7. BG = LA
8. LA = 2 HE
9. BG = 2 HE
10. Tương tự ta có AG = 2 HE
2. Đoạn thẳng nối liền trung điểm hai cạnh của tam giác thì song song cới cạnh thứ ba.
3. Hai đường cùng vuông góc với đường thứ ba thì song song với nhau.
4. Suy ra từ 2 và 3.
5. Theo cách chứng minh từ 2 đến 4.
6. Tứ giác có các cạnh đối diện song song với nhau là hình bình hành.
7. Cạnh đối của hình bình hành.
8. Theo định lí đường trung bình của tam giác và 1.
9. Thay 7 vào 8
10. Theo cách chứng minh từ 7 đến 9.
 2. Nối hai điểm cho trước hoặc hai điểm cố định (gồm cả trung điểm của đoạn thẳng cố định), điểm nằm trên một đoạn thẳng cho trước và cách một đầu của đoạn thẳng đó một khoảng cho trước.
	Ví dụ 8: 
	Cho tam giác cân ABC đáy BC, lấy trên AB kéo dài một đoạn BD = AB. Chứng minh rằng trung tuyến CE = CD.
	GT: AB = AC, kéo dài AB, và BD = AB
	 Nối CD và CE.
	KL: CD = 2 CE.
	Suy xét: Muốn có CD = 2.CE, phải có một trong hai điều kiện dưới đây:
	a) độ dài CD = độ dài CE.
	b) 2 lần độ dài CE = độ dài CD.
	Nếu lấy trường hợp a) để có CD = CE, thì phải chia đôi CD ở F, và nghiên cứu xem có hợp với một trong hai điều kiêïn sau đây hay không:
CF = CE
DF = CE
Ta có thể chứng minh được CE = CF bằng cách chứng minh DCBF = DCBE ( BC chung, BE = BF, B2 = B1 ). Do đó chứng minh được bài tập trên.	
CHỨNG MINH
LÍ DO
1. Chia đôi CD tại F, nối BF.
2. Vì AB = BD, CF = FD
3. Do đó BF // AC
4. Từ B1 = ACB = B2
5. và BF =AC=AB=BE
6. BC = BC
7. Có : DCBF = DCBE
8. CF = CE
9. Vậy CD = 2 CE.
2. Theo giả thiết và suy từ 1.
3. Đường thẳng đi qua trung điểm của hai cạnh của một tam giác thì song song với cạnh thứ ba và bằng cạnh đó.
4. Hai góc đáy của một tam giác cân bằng nhau; góc so le trong bằng nhau.
5. Suy từ 3 và giả thiết.
6. Không đổi.
7. c-g-c
8. Hai tam giác bằng nhau thì các yếu tố tương ứng cũng bằng nhau.
9. Suy từ 8 và giả thiết.
3. Từ một điểm cho trước dựng đường song song với một đường thẳng cho trước, hoặc dựng đường song song với một đường, mà ta cần chứng minh đường thẳng này song song với một đường thẳng nào đó.
Ví dụ 9:
Chứng minh rằng: “Hai đoạn thẳng song song và bằng nhau thì hình chiếu của chúng trên một đường thẳng thứ ba cũng bằng nhau”.
 GT: AB=CD, AB//CD
	 AE, BF, CG, DH đều ^ MN
	 KL: EF=GH
	Suy xét: như ví dụ 1.
CHỨNG MINH
LÍ DO
1. Dựng EK // AB, GL // CD
2. AE // BF, CG // DH
3. Ta có các tứ giác AEKB, CGLD là các hình bình hành.
4. EK= AB = CD = GL
5. EK // GL
6. Ta rút ra KEF = LGH
7. EFK = GHL
8. Vậy DEFK = DGHL 
9. EF = GH
2. Hai đường thẳng cùng vuông góc với đường thẳng khacù thì song song với nhau.
3. Một tứ giác có hai cặp cạnh đối song song với nhau là hình bình hành.
4. Cạnh đối của hình bình hành thì bằng nhau và suy từ giả thiết.
5. Suy ra từ giả thiết và 1: hai đường cùng song song với hai đường thẳng khác song song với nhau thì cũng song song với nhau
6. Góc đồng vị của hai đường thẳng song song với một cát tuyến thì bằng nhau.
7. Góc vuông bằng nhau.
8. Trường hợp bằng nhau của tam giác vuông
9. Hai tam giác bằng nhau thì cạnh tương ứng của chúng cũng bằng nhau.
4. Từ một điểm cho trước hạ đường vuông góc xuống một đường thẳng cho trước.
Ví dụ 10:
Chứng minh rằng: “Một tam giác có hai cạnh không bằng nhau thì tổng của cạnh lớn và đường cao thuộc cạnh ấy lớn hơn tổng của cạnh bé và đường cao thuộc cạnh đó”
 GT: Cho DABC, AB>AC; BD, CE là 
 đường cao.
 KL: AB+CE > AC+BD.
	Suy xét: như ví dụ 6.
CHỨNG MINH
LÍ DO
1. Trên AB lấy AF = AC
 Nối FC, dựng FG ^ AC, FH ^ BD
2. Vì FG // BD, FH // AC
3. Nên tứ giác FHDG là hình bình hành.
4. FG = HD
5. FG = CE
6. HD = CE
7. BH = BD – HD = BD – CE
8. BF = AB – AF = AB – AC
9. Vì FHB = 900 
10. Nên ta có BF > BH
11. Hay AB – AC > BD – CE 
12. Vậy AB + CE > AC + BD.
2. hai đường thẳng cùng vuông góc với đường thẳng thứ ba thì song song với nhau.
3. Tứ giác có hai cặp cạnh đối song song với nhau là hình bình hành.
4. Cạnh đối của hình bình hành bằng nhau.
5. Đường cao hạ đến hai cạnh bên của tam giác cân bằng nhau.
6. Suy ra từ 4, 5.
7. Suy từ 6
8. Suy từ 1 và giả thiết.
9. Theo cách dựng ở 1
10. Trong tam giác vuông thì cạnh huyền lớn nhất.
11. Thay 7, 8 vào 10
12. Chuyển vế các số hạng.
5. Dựng đường phân giác của một góc cho trước .
Ví dụ 11:
Chứng minh rằng “Góc xen giữa cạnh đáy và đường cao của cạnh bên trong một tam giác cân bằng một nửa góc ở đỉnh”.
4
3
2
B
C
A
E
D
	GT: Trong DABC: AB = AC, CD ^ AB
	KL: DCB = A
	Suy xét: Muốn có DCB = A, ta có thể vẽ đường phân giác của góc A là AE, ta cần phải chứng minh C1 = BAE hoặc C1 = CAE.
	Ta có thể chứng minh được C1 = BAE bằng cách dựa vào sự bằng nhau của các góc của 2 tam giác ABE và CBD. Do đó chứng minh được bài tập trên.
CHỨNG MINH
LÍ DO
1. Dựng phân giác của góc A là AE
2. Thì AE ^ BC
3. D3 = E4
4. B = B
5. C1 = A2
6. A2 = A
7. Vậy C1 = A
2. Trong tam giác cân, đường phân giác góc ở đỉnh vừa là đường cao
3. Góc vuông bằng nhau
4. Không đổi
5. Hai tam giác có hai cặp góc tương ứng bằng nhau từng đôi một thì cặp góc thứ ba cũng bằng nhau.
6. Theo 1
7. Theo 5 và 6.
6. Dựng đường thẳng đi qua một điểm cho trước hợp thành với một đường thẳng khác một góc bằng góc cho trước.
Ví dụ 12:
Chứng minh rằng: “Góc xen giữa cạnh đáy và đường cao của cạnh bên trong một tam giác cân bằng một nửa góc ở đỉnh”
	GT: Trong DABC: AB = AC, CD ^ AB
	KL: DCB = A
Suy xét: Để chứng minh DCB = A, ta có thể từ C dựng đường CE sao cho C1 = C2, khi đó ta có DCB = BCE, ta cần chứng minh BCE = A.
Ta có thể chứng minh BCE = A bằng cách dựa vào sự bằng nhau của các góc của 2 tam giác EBC và ABC. Do đó chứng minh được bài tập trên.
Chứng minh
Lí do
1. Từ C dựng đường CE sao cho C1 = C2
2. D3 = D4; CD = CD
3. DBCD = DECD
4. E5 = B
5. Mà B = C
6. BCE = A
7. 2C1 = A
8. Vậy C1 = A
2. Góc vuông bằng nhau; không đổi
3. g-c-g
4. Hai góc tương ứng của hai tam giác bằng nhau thì bằng nhau.
5. Góc đáy của tam giác cân thì bằng nhau
6. Trong tam giác ABC và tam giác CBE có hai cặp góc bằng nhau từng đôi một thì cặp góc thứ ba cũng bằng nhau.
7. Thay 1 vào 6
8. Chia cả hai vế của 7 cho 2
7. Từ một điểm cho trước dựng tiếp tuyến với đường tròn cho trước
Ví dụ 13:
Cho hình vẽ. BD và CE là đường cao của tam giác ABC, O là tâm của đường tròn ngoại tiếp. Chứng minh: AO ^ DE
	 GT: O là tâm đường tròn ngoại tiếp DABC
 BD ^ AC, CE ^ AB
	 KL: AO ^ DE
Suy xét: Muốn có AO ^ DE, ta có thể dựng đường thẳng vuông góc với AO và chứng minh đường thẳng này song song với DE. Do đó ta có thể dựng tiếp tuyến AF của đường tròn tại A, khi đó ta có OA ^ AF, ta cần chứng minh DE // AF.
	Ta có tứ giác BEDC nội tiếp nên BED + BCA = 1800 mà BED + AEC = 1800, suy ra BCA = AED. Ta lại có BCA = BAF nên BAF = AED, do đó AF // DE.
CHỨNG MINH
LÍ DO
1. Dựng tiếp tuyến AF của đường tròn tại A.
2. BEC = 900; BDC = 900
3. Suy ra tứ giác BEDC nội tiếp 
4. Suy ra BED + BCA = 1800
5. Ta lại có BEC + AED = 1800
6. BCA = AED
7. Mà BCA = BAF
8. Suy ra BAF = AED
9. Do đó AF // DE
10. Suy ra AO ^ DE
2. Giả thiết
3. Tứ giác có 2 đỉnh cùng nhìn cạnh còn lại dưới góc vuông.
4. Tổng hai góc đối của tứ giác nội tiếp.
5. Hai góc kề bù
6. Suy từ 4 và 5
7. Góc nội tiếp và góc giữa tia tiếp tuyến và dây cung cùng chắn một cung
8. Suy từ 6 và 7
9. AB cắt AF và DE tạo ra cặp góc so le trong bằng nhau.
10. Do AO ^ FA
8. Bài ra cho hai đường tròn giao nhau thì kẻ được dây cung chung.
Ví dụ 14:
Cho hai đường tròn (O) và (O’) cắt nhau ở A và B. Vẽ các đường kính AC và AD của hai đường tròn. Chứng minh rằng ba điểm C, B D thẳng hàng.
	GT: (O) và (O’) cắt nhau ở A và B
	KL: C, B, D thẳng hàng.
Suy xét: Để chứng minh C, B, D thẳng hàng, ta có thể từ B kẻ BA và chứng minh 2 góc tạo bởi BA và hai tia BC, BD kề bù. 
Vì ABC = ABD = 900 (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn) nên ABC + ADC = 1800. 
CHỨNG MINH
LÍ DO
1. Nối BA, BC, BD
2. ABC = ABD = 900
3. CBD = 1800
4. C, B, D thẳng hàng
2. Góc nội tiếp chắn nửa đường tròn
3. CBD = ABC + ABD
4. Suy từ 3.
9. Bài ra cho hai đường tròn tiếp xúc nhau ta có thể dựng tiếp tuyến chung hoặc đường nối tâm.
Ví dụ 15:
Cho hai đường tròn tiếp xúc ngoài tại P, dây cung AB của một đường tròn kéo dài tiếp xúc với đường ròn kia tại C, kéo dài AP đến D. Chứng minh BPC = CPD.
	GT: P là tiếp điểm của hai đường tròn.
	 AB là dây cung của đường tròn lớn; 
	 ABC là tiếp tuyến của đường tròn
 nhỏ tại P.
	KL: BPC = CPD
Suy xét: Hai góc mà ta cần chứng minh không phải là góc nội tiếp hoặc góc giữa tia tiếp tuyến và dây cung, chúng không có mối liên quan nên không thể dùng các phương pháp chứng minh góc bằng nhau để chứng minh được. Ta có thể dựng tiếp tuyến chung PE, ta được P1 = A, P2 = C; cộng hai vế trái với nhau ta được tổng của P1 và P2 là BPC; cộng hai vế phải với nhau (A và C) ta được tổng của hai góc này là góc ngoài CPD của tam giác ACP. Như vậy là đã giải quyết được vấn đề.
CHỨNG MINH
LÍ DO
1. Dựng tiếp tuyến chung của hai đường tròn qua P cắt AC tại E
2. Vì EP = EC
3. Nên P2 = C
4. Vì P1 = A
5. Ta có: BPC = A + C
6. Nhưng CPD = A + C
7. Vậy BPC = CPD
2. Hai tiếp tuyến của đường tròn cắt nhau tại một điểm thì điểm đó cách đều hai tiếp điểm.
3. Góc đáy của tam giác cân bằng nhau.
4. Góc giữa tiếp tuyến và một dây qua tiếp điểm và góc nội tiếp cùng chắn một cung.
5. Suy từ 3 và 4
6. Góc ngoài của tam giác bằng tổng hai góc trong không kề với nó.
7. Suy từ 5 và 6.
10. Nếu có bốn điểm nằm trên một đường tròn thì qua bốn điểm đó có thể dựng thêm đường tròn phụ.
Ví dụ 16:
Cho tam giác ABC, các đường cao BH, CK. Chứng minh rằng:
Bốn điểm B, C, H, K cùng thuộc một đường tròn.
HK < BC.
GT: DABC, BH ^ AC, CK ^ AB
KL: a)B, C, H, K cùng thuộc một đường tròn
 b) HK < BC
	Suy xét: Ở câu b), để chứng minh HK < BC, ta có thể vận dụng kết quả câu a): 4 điểm B, C, H, K cùng thuộc một đường tròn; nếu vẽ đường tròn đi qua 4 điểm B, C, H, K, ta có HK là dây cung còn BC là đường kính nên suy ra được điều phải chứng minh.
CHỨNG MINH
LÍ DO
a) 1. Gọi I là trung điểm của BC, 
 ta có IH = BC
2. IK = BC
3. Suy ra: IB = IK= IH = IC, hay 4 điểm B, C, H, K cùng thuộc một đường tròn
b) 1. Vẽ đường tròn tâm I đường kính BC
2. HK < BC
1. Tam giác BHC vuông tại H.
2. Tam giác BKC vuông tại K
3. Suy ra từ 1 và 2.
2. HK là dây không đi qua tâm còn BC là đường kính
Để vận dụng phương pháp này có hiệu quả, vào đầu năm học giáo viên cần lưu ý học sinh về phương pháp học tập bộ môn, chú trọng phương pháp vẽ đường phụ trong chứng minh hình học. 
Khi giảng dạy các bài tập chứng minh hình học, giáo viên chú trọng hướng dẫn học sinh cách suy xét vấn đề, định hướng cho học sinh cách vẽ đường phụ hợp lí; thường xuyên ra hệ thống bài tập có vẽ nhiều loại đường phụ khác nhau, có hướng dẫn cụ thể để học sinh luyện tập thêm ở nhà, giáo viên kiểm tra, sữa chữa, uốn nắn kịp thời những sai sót. Về phía học sinh, các em phải tuân theo sự chỉ dẫn của giáo viên, chú ý nắm bắt vấn đề để vận dụng có hiệu quả, thường xuyên rèn luyện để hình thành kĩ năng vẽ đường phụ giúp ích cho việc giải qyết các bài toán.
 2.4. Kết quả thực hiện:
	Trong quá trình giảng dạy tại trường THCS Cao Bá Quát, tôi nhận thấy rằng, mới đầu khi vận dụng phương pháp vẽ đường phụ để hướng dẫn học sinh chứng minh hình học, đa số học sinh cảm thấy thích thú, có kĩ năng vận dụng để làm bài tập. Tuy nhiên, vẫn còn một bộ phận học sinh gặp nhiều khó khăn trong việc vận dụng vào giải quyết từng bài toán cụ thể. Dần dần khi đã triển khai, rèn luyện nhiều, kĩ năng vẽ đường phụ của học sinh được nâng lên rõ rệt. 
	Phương pháp này đưa ra mục đích của việc vẽ đường phụ, cách suy xét vấn đề và các loại đường phụ thường vẽ có ví dụ minh họa nhằm giúp học sinh vẽ được những đường phụ hợp lí, giúp ích cho việc chứng minh.
Sau một thời gian triển khai phương pháp, qua trò chuyện với học sinh tôi được biết có nhiều học sinh có kĩ năng vận dụng phương pháp vẽ đường phụ vào giải toán một cách thành thạo, các em cảm thấy tự tin, hứng thú hơn trong học tập. Từ khi triển khai phương pháp này, kết quả học tập của học sinh có sự tiến bộ rõ nét, lực lượng học sinh khá giỏi của trường không ngừng được nâng lên về số luợng và chất lượng. 
PHẦN III: KẾT LUẬN
	1. Khái quát các kết luận:
Các cách giải toán hình rất nhiều, các cách chứng minh cũng rất đa dạng, người học muốn làm được bài tập phải biết cách suy xét vấn đề, phân tích các mối liên quan, tìm ra mấu chốt của vấn đề để tháo gở, đây là một trở ngại đùối với học sinh. Do vậy giáo viên cần có sự định hướng, cung cấp cho học sinh những qui tắc, phương pháp làm bài tập đồng thời phát huy ở học sinh năng lực sáng tạo, vận dụng linh hoạt các định lí và các phương pháp chứng minh.
	Một trong những khó khăn đối với học sinh khi chứng minh hình học là khi gặp những bài toán có vẽ thêm đường phụ. Do vậy việc rèn luyện cho học sinh kĩ năng vẽ đường phụ một cách có cơ sở như cho học sinh thấy được mục đích của việc vẽ đường phụ, cung cấp cho học sinh các loại đường phụ nhằm giúp học sinh có định hướng đúng trong việc vẽ đường phụ như trong đề tài đã nêu là điều thật sự cần thiết.
	2. Lợi ích, khả năng vận dụng:
Khi nắm được mục đích của việc vẽ đường phụ, biết được các loại đường phụ thường vẽ sẽ giúp học sinh có được tư duy hợp lí, biết cách suy xét bài toán và tìm ra cách giải quyết các bài toán có vẽ thêm đường phụ, tránh được những sai lầm. Qua đó tạo cho học sinh sự tự tin, say mê, yêu thích môn học.
	3. Đề xuất, kiến nghị:
Để phát huy hiệu quả của phương pháp vẽ đường phụ nêu trên, bản thân xin được kiến nghị với Ban Giám Hiệu nhà trường chỉ đạo cho giáo viên bộ môn Toán áp dụng thường xuyên vào giảng dạy phân môn hình học nhằm góp phần nâng cao chất lượng học sinh và bồi dưỡng đội ngũ học sinh khá giỏi của trường.
	 Chư Sê, ngày 20 tháng 01 năm 2009
 Người viết 
 Phạm Bảo Quốc 
 TÀI LIỆU THAM KHẢO
	 1/ Sách giáo khoa Toán 9 Tập 1, 2– NXB Giáo dục.
	 2/ Sách giáo viên Toán 9 Tập 1, 2 – NXB Giáo dục
	 3/ Định lí hình học và các phương pháp chứng minh – NXB Giáo dục.